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Corrección del Factor de Potencia en Instalaciones Eléctricas Capítulo III.
Corrección del Factor de Potencia en Instalaciones Eléctricas
Principales causas de un bajo factor de potencia
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1) Motores y transformadores operando en vacío o con cargas pequeñas. Si un motor eléctrico es cargado suficientemente, la potencia reactiva que consume disminuye proporcionalmente a la carga, mientras que la potencia activa cambia muy poco. Por eso a menor carga del motor, a menor factor de potencia trabaja éste. Así, por ejemplo, un motor asincrónico de 400 KW a 1000 (RPM), tiene un cosϕ 0,8 a plena carga, si la carga es sólo la mitad, el factor de potencia es 0,7 y si la carga es igual a la cuarta parte, el cosϕ es 0,5. Y si de repente el motor trabaja en vacío, dicho cosϕ puede variar desde 0,1 a 0,3 dependiendo de la clase, potencia y velocidad de rotación. 2) Elección incorrecta del tipo de motor o transformador (por ejemplo sobredimensionados). También los motores de alta velocidad y gran potencia tienen mayores cosϕ que los de baja velocidad y menor potencia. Los motores escogidos incorrectamente, según el tipo, potencia y velocidad disminuye el cosϕ. 3) Gran cantidad de motores de pequeña potencia y reparación incorrecta de los motores. A veces, debido a la selección incorrecta de los alambres, durante el cambio de los bobinados de los motores eléctricos, las ranuras de las máquinas resultan rellenadas de una cantidad diferente de alambres de los de fábrica. Y durante el funcionamiento de dicho motor, aumenta el flujo magnético de dispersión, lo que conduce a la disminución del cosϕ del motor. 4) Lámparas de descarga, fluorescentes y vapor de mercurio con reactores con bajo factor de potencia, por el orden de los 0,45 a 0,55. 5) Aumento de la tensión de la red. En horas de cargas pequeñas, la tensión de la red en la empresa aumenta en varios voltios. Esto lleva al incremento de la corriente de magnetización de los consumidores inductivos, es decir, aumenta la intensidad reactiva, lo que a su vez provoca la disminución del factor de potencia.
Compensación por grupo (condición: simultaneidad)
Si tuvieramos 2 motores monofásicos trabajando simultáneamente y deseamos corregir el factor de potencia de la instalación de dichos aparatos, a un valor aproximado a 0,95, con un sólo condensador, debemos hallar el cosϕ común o resultante de ambos motores y luego calcular la potencia reactiva capacitiva Qc y posteriormente determinar el valor “C” en microfaradios.
Consideremos un gráfico para dos
motores monofásicos con valores:
Motor 1 Motor 2
3 Hp. 2 Hp. cosϕ = 0,866. cosϕ = 0,5. η = 72%. η = 60%. U = 220 V. U = 220 V. Primer paso: Hallamos P, S y Q de los motores.
Motor 1
Pu 3 x 746 P= -------- x 100 = ----------- x 100 = 3108 W η 72
P 3108 S= -------------- = ----------- = 3589 VA cos ϕM1 0,866
Q= P x tan ϕM1 = 3108 x 0,577 = 1793 VAr
Motor 2
ϕRSTTE 47,47° cos ϕRSTTE= 0,68
Pu 2 x 746 P= -------- x 100 = ----------- x 100 = 2487 W η 60
P 2487 S= -------------- = ----------- = 4974 VA cos ϕM2 0,5
Q= P x tan ϕM2 = 2487 x 1,732 = 4307 VAr
Figura 6
ST S2 Q2
QT Qc
ϕ2
ϕI PI SL Q1 ϕT = 47°
PT P2
El gráfico claramente nos muestra que el cosϕT se obtiene con la suma vectorial de los 2 triángulos en función a la tangente. (cosϕT = Equivalente de 2 cargas simultáneas). Aplicando lo aprendido en compensación individual obtenemos: Qc= P x (tgϕ1 - tgϕ2 ) = 5.595 (1,078 - 0,329)
= 5.595 x 0,749= Qc= 4.191 VArc = 4,2 kVArc
P 5.595 I1= ------------------- = ------------------- = 37,4 A U x cos ϕRSTTE 220 x 0,68
A partir del momento de conectar el condensador de valor C= 276 µF y Qc= 4,2 kVArc podemos hallar: Intensidad en la línea; potencia aparente y potencia reactiva. Todos ellos serán valores resultantes después de la compensación y desde el punto de emplazamiento hacia la red.
P 5.595 I2= ----------------- = ----------------- = 26,7 A U x cos ϕ2 220 x 0,95
P 5.595 SRSTTE = ------------- = ------------- = 5.889 VA cos ϕ2 0,95
Graficamos Esc.= 760 unidad de potencia por 1 cm. Q1 Q2 tan ϕ1 = ------ + tan ϕ2 = ------- ( )) ( P1 P2 Factoreando se obtiene: ΣQ tg ϕRSTTE = ------- reemplazando por Σ p los valores:
1.793 + 4.307 6.100 tg ϕRSTTE = ------------------ = --------- = 1,090 3.108 + 2.487 5.595 Qc x 106 4.191 x 1.000.000 C= ----------------- = ---------------------------- = 276 µF 2 x π x f x U2 2 x 3,14 x 50 x 2202
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Con el cosϕ resultante podemos obtener la intensidad que circula por la línea en ese momento (sin corrección).
QRSTTE = P x tan ϕ2 = 5.595 x 0,329 = 1.841 VAr
Como la potencia activa no varía, ahora podemos obtener el siguiente gráfico:
Sresultante
ϕ = 18,2° cos= 0,95
Potencia total
Qresultante
Figura 7
Finalmente podemos hallar la intensidad que circulará por el condensador:
Qc
4.191 Ic= -------------- = ------------- = 19 A V x sen ϕ 220 x 1
Para dimensionar el/los fusible/s debemos multiplicar el valor Ic por un coeficiente 1,65 o 2. Luego: 19 x 1,65 = 31,35, por lo tanto el fusible lento será de 35 A.
Ojo: Corrigiendo el cos ϕ no disminuimos el consumo de energía eléctrica activa (kW/ hora), lo que reducimos es la intensidad en la línea, lo que nos permite el ahorro en menor amperaje en la instalación, menos pérdida de potencia y caída de tensión en la línea y mejor aprovechamiento de la potencia aparente (S) entregada por el generador o transformador.
Observación: Para cargas o motores trifásicos los condensadores se leen en kVAr, conocidos como condensadores de potencia.
Cómo obtener el valor del factor de potencia
a) Por la placa del aparato o artefacto eléc-
Figura 8. Analizador de red.
trico inductivo se lee el valor del cosϕ. b) Mediante instrumento especial para realizar tal medición (Multímetro True RMS y/o Analizador de Red).
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Figura 9. Multímetro True RMS.
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de Potencia en Instalaciones
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